2023高考考前能力提升卷01(解析版)
利用焦点三角形的面积公式及椭圆的定义可得,进一步得F1PQ为等边三角形,且轴,从而可得解. 【详解】 由椭圆的定义,, 由余弦定理有: , 化简整理得:, 又, 由以上两式可得: 由,得,∴, 又,所以F1PQ为等边三角形,由椭圆对称性可知轴,
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利用焦点三角形的面积公式及椭圆的定义可得,进一步得F1PQ为等边三角形,且轴,从而可得解. 【详解】 由椭圆的定义,, 由余弦定理有: , 化简整理得:, 又, 由以上两式可得: 由,得,∴, 又,所以F1PQ为等边三角形,由椭圆对称性可知轴,
(C)2 (D)3 【答案】D 【解析】 试题分析:由余弦定理得,解得(舍去),选D. 【考点】余弦定理 【名师点睛】本题属于基础题,考查内容单一,根据余弦定理整理出关于b的一元二次方程,再通过解方程求b.运算失误是基础题失分的主要原因
【解析】由正弦定理边化角可得,由面积公式和余弦定理列方程可得. 【详解】 由,结合正弦定理可得. 在锐角三角形中,可得. 所以的面积,解得. 由余弦定理可得, 解得. 故答案为5. 【点睛】 本题主要考查了正余弦定理及三角形面积公
通法思路是:全部转化为角的关系,建立函数关系式,如,从而求出范围,或利用余弦定理以及基本不等式求范围;求具体的值直接利用余弦定理和给定条件即可. 12.若是的重心,,,分别是角的对边,若,则角( ) A.
【解析】 【分析】 根据椭圆的定义以及余弦定理列方程可解得,,可得椭圆的方程. 【详解】 解:,, 又, 又,, ,, ,, ,在轴上. 在△中,, 在△中,由余弦定理可得, 根据,可得,解得, . 所以椭圆的方程为:.
根据双曲线的定义及条件,表示出,结合余弦定理可得答案. 【解析】 因为,由双曲线的定义可得, 所以,; 因为,由余弦定理可得, 整理可得,所以,即. 故选:A 【小结】 关键小结:双曲线的定义是入手点,利用余弦定理建立间的等量关系是求解的关键
组基本公式。第二,是三角函数的图像和性质,这里重点掌握正弦函数和余弦函数的性质,第三,正弦定理和余弦定理来解三角形。难度比较小。 第三:数列。 数列这个板块,重点考两个方面:一个通项;一个是求和。 第四:空间向量和立体几何。
S△ACD=1 2AD·CDsinD=1 2 ×4×2 3× 6 3 =4 2.(6 分) (2)由余弦定理得 AC2=AD2+CD2-2AD·CDcosD=12=AB2+BC2-2AB·BCcosB, 解得
用诱导公式化简,利用降幂公式化简,结合,求出;(2)由(1)可知,利用三角形面积公式求出,再利用余弦定理即可求出. 试题解析:(1),∴,∵, ∴,∴,∴; (2)由(1)可知, ∵,∴, ∴, ∴.
【试题5】(2016年黑龙江预赛)在中,,沿折成直二面角,且,则三棱锥的外接球的表面积为( ) A. B. C. D. 四面体的余弦定理 设四面体中,,,,的面积分别为,,,,而以, ,为棱的二面角大小分别为,, ,则有: 一般地有
. 【答案】1[来源:Zxxk.Com] 【解析】由抛物线的定义及梯形的中位线定理得 在中,由余弦定理得 当且仅当时等号成立.故的最大值为1. 5.设同底的两个正三棱锥和内接于同一个球.若正三棱锥的
(1)求证:平面; (2)若为的中点,求直线与平面所成角的正弦值. (1)证明:因为,,, 所以在中,由余弦定理得, 所以, 又,, 所以, 即, 又, , 所以平面; (2)作交于, 又平面, 所以以,,所在直线为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,
可得: ∠4=∠5 由RP∥AC,可得:∠5=∠6 综上可得:∠1=∠6,故AD∥PE 2. 解:由余弦定理可得: 3.(1) 证:设α,β,γ是方程x3+ax2+bx+c=0的三根,由根与系数关系可知:α+β+γ=-a
S△ACD=1 2AD·CDsinD=1 2 ×4×2 3× 6 3 =4 2.(6 分) (2)由余弦定理得 AC2=AD2+CD2-2AD·CDcosD=12=AB2+BC2-2AB·BCcosB, 解得
________. 解析:设AC∩BD=O,则∠AOC=120°,在△AOC中,AO=CO=,由余弦定理,得AC2=AO2+CO2-2AO×COcos 120°=3+3-2×××=9,∴AC=3. 答案:3
=||=||=1,故A、B、C三点均在以原点为圆心,半径为1的圆上,如图所示,由平行四边形法则和余弦定理,易得cos ∠AOC==, 故∠AOC=60°,∴▱OACB为菱形,且△BOC,△COA都是等边三角形,即∠AOB=120°
变式1:在给定椭圆中,过焦点且垂直于长轴的弦长为,焦点到相应准线的距离为,则这个椭圆的离心率为__________ 5.利用正余弦定理 例5:已知是椭圆的两焦点,点在椭圆上,且 则这个椭圆的离心率为__________ 变式1:已知是椭圆的两焦点,点在椭圆上,且
由正弦定理得:,即: ① 由余弦定理得: ② 将①代入②得: 即:,即: ③ 由于,且,即: 所以由③得: ④ 将④代入①式得: ⑵ 求的值 因为由④式,所以 则: 故: 本题主要考查正弦定理、余弦定理. 2、[安徽
本题考查利用空间向量求异面直线的夹角,运用了向量夹角公式 . 8、 【分析】 根据题中条件,得到 的最大值不小于 即可,由余弦定理,结合基本不等式,得到点 为短轴的顶点时, 最大;不妨设点 为短轴的上顶点,记 ,得出离心率的最小值,连接
∴|+2|=2. 【解法二】根据题意画出图形,如图所示; 结合图形=+=+2; 在△OAC中,由余弦定理得 ||==2, 即|+2|=2. 故答案为:2. 【点评】本题考查了平面向量的数量积的应用问题